Seuraa 
Viestejä338
Liittynyt27.2.2015

Tässä ketjussa voi esittää matemaattisia probleemia, omia tutkimustuloksia ja kysyä matematiikasta. Mielestäni tällaiselle ketjulle on kysyntää, vaikka kymmenen ensimmäistä laittaakin pelkää paskaa ketjuun, mutta mitäs pienistä.

Minulla on onelma x^e+y^e=z^e. Eikö kukaan ole ratkaissut, miksi e voi maksimissaan olla vain 2?

---Mielestäni seksuaalisesta suuntautumisesta ei ole kysymys vaan Randin taustasta.Toisen maailmansodan aikana Randi tuli persraiskatuksi natsien toimesta jonka seurauksen Randi traumatisoitui ja lähti myöhemmin siitä selvittyään omalle "kostoretkelle" harjoittamalla samanlaista toimintaa alaisiinsa ja lähipiiriin. Randi miljoonan taalan "kostoretki"

---Paljastan matemaattiset valheesi!

Sivut

Kommentit (58)

Merlin
Seuraa 
Viestejä4095
Liittynyt25.9.2017

Hommasin nyt sen taskulaskimen. Miten tähän näytölle saa tissit?

Uusimpien tutkimusten mukaan uusimmat tutkimukset ovat keskimäärin yhdentekeviä.

Eusa
Seuraa 
Viestejä15646
Liittynyt16.2.2011

James Randi kirjoitti:
Tässä ketjussa voi esittää matemaattisia probleemia, omia tutkimustuloksia ja kysyä matematiikasta. Mielestäni tällaiselle ketjulle on kysyntää, vaikka kymmenen ensimmäistä laittaakin pelkää paskaa ketjuun, mutta mitäs pienistä.

Minulla on onelma x^e+y^e=z^e. Eikö kukaan ole ratkaissut, miksi e voi maksimissaan olla vain 2?


Let's think c^n as an 'equilateral' reserved space and inside it has similar object of b^n in shared center point. Between their surfaces must exist room for a^n. Now we assume that b, c & n are integers.

What are the terms of possible solution of a^n + b^n = c^n, so that a is integer too?
c > b > a.

Set k = 2/(c-b) -> (ka)^n = (kb+2)^n - (kb)^n | sum - 2^n
=> (ka)^n - 2^n = (kb+2)^n - (kb)^n - 2^n
=> (ka)^n - 2^n = (2^n - 2)(kb)*sum(i=1...n-1){(n i (kb)^(i-1)}
(n i) = n!/[(n-i)!i!] is binom factor.

Then we distribute all units into every 'side' (2n st) eliminating halves at the same time:
2 * (2^n - 2) / 2n must be integer.

Why? Because of 'squeezing' directions from form of (kc)^n - (kb)^n to form of (ka)^n. Besides, the base ka is even-like and (ka)^n is build up with shells similar to (kc)^n - (kb)^n and the core is symmetrical object like 2^n.

The number of (n-1)-dimensionally oriented units (on 'sides') divided by 2n is integer and 2n is the smallest divider among binom factors of power of n. Primes seem to be solutions of this conditional statement.

We have 2^n units left. Let's do the same to them:
2^n / 2n must be integer.

Why? because when 'squeezing' we get 2^n units freed every step and the new growing 'equilateral' n-object (for (ka)^n) get center of every side filled up as last position!

These requirements have only solutions:
n=1, n=2.

:)

Hienorakennevakio suoraan vapausasteista: 1 / (1+2¹+3²+5³+1/2¹*3²/5³) = 1 / 137,036

wisti
Seuraa 
Viestejä12936
Liittynyt12.2.2013

James Randi kirjoitti:
Tässä ketjussa voi esittää matemaattisia probleemia, omia tutkimustuloksia ja kysyä matematiikasta. Mielestäni tällaiselle ketjulle on kysyntää, vaikka kymmenen ensimmäistä laittaakin pelkää paskaa ketjuun, mutta mitäs pienistä.

Minulla on onelma x^e+y^e=z^e. Eikö kukaan ole ratkaissut, miksi e voi maksimissaan olla vain 2?


Jos luvut ovat positiivisia kokonaislukuja on kyseessä Fermat’n suuri lause. Se todistettiin oikeaksi noin 20-30 vuotta sitten muistaakseni.

Eusa
Seuraa 
Viestejä15646
Liittynyt16.2.2011

wisti kirjoitti:
James Randi kirjoitti:
Tässä ketjussa voi esittää matemaattisia probleemia, omia tutkimustuloksia ja kysyä matematiikasta. Mielestäni tällaiselle ketjulle on kysyntää, vaikka kymmenen ensimmäistä laittaakin pelkää paskaa ketjuun, mutta mitäs pienistä.

Minulla on onelma x^e+y^e=z^e. Eikö kukaan ole ratkaissut, miksi e voi maksimissaan olla vain 2?


Jos luvut ovat positiivisia kokonaislukuja on kyseessä Fermat’n suuri lause. Se todistettiin oikeaksi noin 20-30 vuotta sitten muistaakseni.

Vuonna 1995. Tuo mun "marginaaliin mahtuva todistus" on samoilta ajoilta.

Hienorakennevakio suoraan vapausasteista: 1 / (1+2¹+3²+5³+1/2¹*3²/5³) = 1 / 137,036

James Randi
Seuraa 
Viestejä338
Liittynyt27.2.2015

Minusta tuo JPI:n loppukaneetti on mielenkiintoinen. Aivan, kuin pukkaisi sarjaa:

3²+4²=5²

3³+4³+5³=6³

---Mielestäni seksuaalisesta suuntautumisesta ei ole kysymys vaan Randin taustasta.Toisen maailmansodan aikana Randi tuli persraiskatuksi natsien toimesta jonka seurauksen Randi traumatisoitui ja lähti myöhemmin siitä selvittyään omalle "kostoretkelle" harjoittamalla samanlaista toimintaa alaisiinsa ja lähipiiriin. Randi miljoonan taalan "kostoretki"

---Paljastan matemaattiset valheesi!

PPo
Seuraa 
Viestejä13425
Liittynyt10.12.2008

Eusa kirjoitti:
James Randi kirjoitti:
Tässä ketjussa voi esittää matemaattisia probleemia, omia tutkimustuloksia ja kysyä matematiikasta. Mielestäni tällaiselle ketjulle on kysyntää, vaikka kymmenen ensimmäistä laittaakin pelkää paskaa ketjuun, mutta mitäs pienistä.

Minulla on onelma x^e+y^e=z^e. Eikö kukaan ole ratkaissut, miksi e voi maksimissaan olla vain 2?


Let's think c^n as an 'equilateral' reserved space and inside it has similar object of b^n in shared center point. Between their surfaces must exist room for a^n. Now we assume that b, c & n are integers.

What are the terms of possible solution of a^n + b^n = c^n, so that a is integer too?
c > b > a.

Set k = 2/(c-b) -> (ka)^n = (kb+2)^n - (kb)^n | sum - 2^n
=> (ka)^n - 2^n = (kb+2)^n - (kb)^n - 2^n
=> (ka)^n - 2^n = (2^n - 2)(kb)*sum(i=1...n-1){(n i (kb)^(i-1)}
(n i) = n!/[(n-i)!i!] is binom factor.

Then we distribute all units into every 'side' (2n st) eliminating halves at the same time:
2 * (2^n - 2) / 2n must be integer.

Why? Because of 'squeezing' directions from form of (kc)^n - (kb)^n to form of (ka)^n. Besides, the base ka is even-like and (ka)^n is build up with shells similar to (kc)^n - (kb)^n and the core is symmetrical object like 2^n.

The number of (n-1)-dimensionally oriented units (on 'sides') divided by 2n is integer and 2n is the smallest divider among binom factors of power of n. Primes seem to be solutions of this conditional statement.

We have 2^n units left. Let's do the same to them:
2^n / 2n must be integer.

Why? because when 'squeezing' we get 2^n units freed every step and the new growing 'equilateral' n-object (for (ka)^n) get center of every side filled up as last position!

These requirements have only solutions:
n=1, n=2.

:)

Boldattu on väärin.

c=(kb+2)/k eikä kb+2 kuten olet kirjoittanut.

Eusa
Seuraa 
Viestejä15646
Liittynyt16.2.2011

PPo kirjoitti:
Eusa kirjoitti:
James Randi kirjoitti:
Tässä ketjussa voi esittää matemaattisia probleemia, omia tutkimustuloksia ja kysyä matematiikasta. Mielestäni tällaiselle ketjulle on kysyntää, vaikka kymmenen ensimmäistä laittaakin pelkää paskaa ketjuun, mutta mitäs pienistä.

Minulla on onelma x^e+y^e=z^e. Eikö kukaan ole ratkaissut, miksi e voi maksimissaan olla vain 2?


Let's think c^n as an 'equilateral' reserved space and inside it has similar object of b^n in shared center point. Between their surfaces must exist room for a^n. Now we assume that b, c & n are integers.

What are the terms of possible solution of a^n + b^n = c^n, so that a is integer too?
c > b > a.

Set k = 2/(c-b) -> (ka)^n = (kb+2)^n - (kb)^n | sum - 2^n
=> (ka)^n - 2^n = (kb+2)^n - (kb)^n - 2^n
=> (ka)^n - 2^n = (2^n - 2)(kb)*sum(i=1...n-1){(n i (kb)^(i-1)}
(n i) = n!/[(n-i)!i!] is binom factor.

Then we distribute all units into every 'side' (2n st) eliminating halves at the same time:
2 * (2^n - 2) / 2n must be integer.

Why? Because of 'squeezing' directions from form of (kc)^n - (kb)^n to form of (ka)^n. Besides, the base ka is even-like and (ka)^n is build up with shells similar to (kc)^n - (kb)^n and the core is symmetrical object like 2^n.

The number of (n-1)-dimensionally oriented units (on 'sides') divided by 2n is integer and 2n is the smallest divider among binom factors of power of n. Primes seem to be solutions of this conditional statement.

We have 2^n units left. Let's do the same to them:
2^n / 2n must be integer.

Why? because when 'squeezing' we get 2^n units freed every step and the new growing 'equilateral' n-object (for (ka)^n) get center of every side filled up as last position!

These requirements have only solutions:
n=1, n=2.

:)

Boldattu on väärin.

c=(kb+2)/k eikä kb+2 kuten olet kirjoittanut.


Hm. Jaksaneeko perehtyä enää... Johtuisiko siitä, että olen ehkä kopsannut väärin - näitä oli kirj.virheellisiä versioitakin... Siinä vaiheessa, kun kuori skaalataan yksikön paksuiseksi, 2/(c-b)=1.

Saatan palata asiaan paremmalla ajalla, mutta todistaminen jäi hyllylle, kun Wilesin todistus hyväksyttiin - siitä on jo aikaa vierähtänyt...

Hienorakennevakio suoraan vapausasteista: 1 / (1+2¹+3²+5³+1/2¹*3²/5³) = 1 / 137,036

Eusa
Seuraa 
Viestejä15646
Liittynyt16.2.2011

Jaa, ei kun c-a = 2, kun kuori rutistetaan yksikön vahvuiseksi... Tarttis perehtyä nuoremman minän aivoituksiin, heh.

Hienorakennevakio suoraan vapausasteista: 1 / (1+2¹+3²+5³+1/2¹*3²/5³) = 1 / 137,036

Eusa
Seuraa 
Viestejä15646
Liittynyt16.2.2011

Sieventelin ja sain kyllä alkuperäisen lausekkeen passaileen, yleiskertojaksi muodostuu k^n. Jostain tuollaisesta kyse...

Hienorakennevakio suoraan vapausasteista: 1 / (1+2¹+3²+5³+1/2¹*3²/5³) = 1 / 137,036

Käyttäjä4499
Seuraa 
Viestejä5212
Liittynyt21.7.2017

"James Randi", vaihda jo se käyttäjänimi. Toisen henkilön nimellä & kuvalla ei saa esiintyä, lukee palstan säännöissä. Voit jatkaa "miljoonan taalan kostoretkeä" toisellä nimimerkillä, miten olisi vaikkapa "Trolli"?  

VVM = varhainen vuorovaikutusmalli

James Randi
Seuraa 
Viestejä338
Liittynyt27.2.2015

Perse kirjoitti:
Perse

Rasvaperse kirjoitti:
Käyttäjä4499 kirjoitti:
"James Randi", vaihda jo se käyttäjänimi. Toisen henkilön nimellä & kuvalla ei saa esiintyä, lukee palstan säännöissä. Voit jatkaa "miljoonan taalan kostoretkeä" toisellä nimimerkillä, miten olisi vaikkapa "Trolli"?  

Vedä paska huuleen ja pakene vuorille vetämään sieniä ja ottamaan yhteyttä korkeampiin voimiin. Palaa vuorilta Profeettana, joka on ollut yhteydessä Jumalaan. Saatanan kusipää.

Suotta minua puolustat noin jyrkin sanoin. Käyttäjä4499 ei selvästikkään ole enää täysissä sielunvoimissaan. Asteikolla tosikko-huumorintajuinen arvosana on 4+, joten mitä noista välittää.

---Mielestäni seksuaalisesta suuntautumisesta ei ole kysymys vaan Randin taustasta.Toisen maailmansodan aikana Randi tuli persraiskatuksi natsien toimesta jonka seurauksen Randi traumatisoitui ja lähti myöhemmin siitä selvittyään omalle "kostoretkelle" harjoittamalla samanlaista toimintaa alaisiinsa ja lähipiiriin. Randi miljoonan taalan "kostoretki"

---Paljastan matemaattiset valheesi!

wisti
Seuraa 
Viestejä12936
Liittynyt12.2.2013

Eusa kirjoitti:
Sieventelin ja sain kyllä alkuperäisen lausekkeen passaileen, yleiskertojaksi muodostuu k^n. Jostain tuollaisesta kyse...

Fermathan väitti keksineensä lauseelleen hienon todistuksen, joka ei sopinut marginaaliin ja tottahan sinä myös olet todistanut tämän matematiikan historian kuuluisimman todistamattoman lauseen.

Jouni Aro
Seuraa 
Viestejä907
Liittynyt26.5.2016

James Randi kirjoitti:
Perse kirjoitti:
Perse

Rasvaperse kirjoitti:
Käyttäjä4499 kirjoitti:
"James Randi", vaihda jo se käyttäjänimi. Toisen henkilön nimellä & kuvalla ei saa esiintyä, lukee palstan säännöissä. Voit jatkaa "miljoonan taalan kostoretkeä" toisellä nimimerkillä, miten olisi vaikkapa "Trolli"?  

Vedä paska huuleen ja pakene vuorille vetämään sieniä ja ottamaan yhteyttä korkeampiin voimiin. Palaa vuorilta Profeettana, joka on ollut yhteydessä Jumalaan. Saatanan kusipää.

Suotta minua puolustat noin jyrkin sanoin. Käyttäjä4499 ei selvästikkään ole enää täysissä sielunvoimissaan. Asteikolla tosikko-huumorintajuinen arvosana on 4+, joten mitä noista välittää.

No en minä sinua puolustanutkaan Veli Ponteva. Olen vain kyllästynyt tuon K:4499 jatkuvaan kitinään. Jos ei foorumi miellytä suksikoon lehmän perseeseen.

Merlin
Seuraa 
Viestejä4095
Liittynyt25.9.2017

Tätä Läskiperseen teatteria on ilo seurata sivusta. 

Uusimpien tutkimusten mukaan uusimmat tutkimukset ovat keskimäärin yhdentekeviä.

JPI
Seuraa 
Viestejä26589
Liittynyt5.12.2012

James Randi kirjoitti:
Minusta tuo JPI:n loppukaneetti on mielenkiintoinen. Aivan, kuin pukkaisi sarjaa:

3²+4²=5²

3³+4³+5³=6³

Mutta siihen se sitten tyssääkin... :-(

3³+4³+5³=6³

Sivut

Suosituimmat

Uusimmat

Uusimmat

Suosituimmat